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物理试卷-安徽省2025届皖南八校高三第三次大联考

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物理试卷-安徽省2025届皖南八校高三第三次大联考(图1)

物理试卷-安徽省2025届皖南八校高三第三次大联考(图2)

正确：B.已知天问一号的质量m和绕火星运行的角速度，根据G
=m.r,式子中有M和r两
个未知数，无法计算出火星质量，B错误：C.已知天问一号在绕火星运行的某一时间内运动的弧长（和
对应的时间t,可得到线速度=二，仅知道线速度，根据G
Mm
=m艺，式中有M和r两个未知数，无
去计算出火星质量，C错误：D.已知天问一号在绕火星运行的某一时间内运动的弧长对应的圆心角
和对应的时间t,可得到角速度w=
,仅知道角速度，根据G
m
=wr,式中有M和”两个未知数，
无法计算出火星质量，D错误.故选A
A.根据氢原子能级相关知识，氢原子处于低能级时，能够吸收适当能量的光子后向更高能级跃迁，
正确：B.一群处于量子数m=5的氢原子向低能级跃迁，根据组合数公式C=(”1
9v
,可得发出不
司频率光子的种类数为C=5义(5二
=10,且发光频率种类的数量只与氢原子所处的能级有关，与
氢原子的数量无关，B正确；C.氢原子从高能级向低能级跃迁时，能级差越大，发出光子的能量越大，频
率越高，波长越短，从n=5能级跃迁到n=1能级，能级差最大，发出的光的波长最短，C错误：D.氢原
子从n=5能级向低能级跃迁时，能发出10种不同频率的光子，若有4种频率的光子能使金属发生光
电效应，由于从n=5能级跃迁到n=4、n=3、2=2能级，从=4能级跃迁到n=3、n=2能级，从=
能级跃迁到n=2能级时发出的光子能量比氢原子跃迁到基态时的能量小，所以能使金属发生光电
改应的光子一定是氢原子跃迁到基态时发出的，D正确.故选C
A,球在竖直平而内做匀速圆周运动时，速率恒定，因此各点速度大小相同，最高点的最小速度通常
由重力提供向心力（即=√gL),但题目中球受手的力和空气阻力作用，向心力由手的作用力、空气阻
力和重力共同提供，故最高点速度不一定是√：L,A错误；B.球在竖直平面内做匀速圆周运动时，向心
力大小保持不变，转动过程中经过最高点和最低点时，手对球的作用力切向分力平衡空气阻力，大小相
等，而法向分力和重力的合力提供向心力，最高点法向分力为F南一mg,最低点为F南十mg,根据力的
合成可知在最高点和最低点手对球的作用力大小不等，B错误：C,转动过程中两次经过圆心等高处（圆
心左右两侧)，手对球的作用力法向分力提供向心力，大小相同，但切向分力需要平衡重力和空气阻力
的合力，假设球做逆时针方向的匀速圆周运动，右侧切向分力为加g十「，左侧为mg一∫，根据力的合成
可知在圆心等高点手对球的作用力大小不等，C错误：D.根据动能定理，转动一周动能不变，合外力做
功为0，则人对球做功与空气阻力做功之和为0，W十W,=0,空气阻力做功为W,=一2πLf,所以人对
球做功为W=2πLf,D正确.故选D。
A由振动图像可知，周期T=2s,根据频率f=宁
,可得频率f=0.5Hz,A错误：BA、B两点在外力作
用下同时开始振动，外力作用时间均为4s,但波源停止振动后，波仍会继续传播，所以A,B两点的振动时间
C于4s,B错误CDC为A,B的中点，则波从A、B传到C的时间均为4=x
7
s=3.5s,波从B传到D
的时间为4=泗=号s=3s,波从A传到D的时间4=迎=
6
s=4s,所以D点先振动，C点后振动，且振动
2
时间不同，那么在相同时间内C,D两点振动过程中通过的路程不一定相等，C错误，D正确.故选D,
A,因为物体始终保持静止，故物体所受合力始终为零，所以物体所受合力不变，A错误：B.对物体
进行受力分析，物体受到重力加g、水平力F,斜而体的支持力N和摩擦力∫，将重力沿斜面和垂直斜面
方向分解，垂直斜面方向有N=gcos a十Fsin a,所以当F减小时斜面体对物体的支持力减小，B正
确；C.摩擦力的方向需要分情况讨论，若Fcos a>mngsin a,则摩擦力f=Fcos a一mgsin a,F减小时，
摩擦力减小，若Fcos a≤ng sin a,则摩擦力f=ngsin a一Fcos a,F减小时，摩擦力增大，所以物体所受
摩擦力不一定减小，C错误：D.对物体和斜面体整体进行受力分析，整体受到重力(M十加)g、地面的支
寺力N。、水平力F和摩擦力，在竖直方向上有N。=(M十)g,与F无关，所以地而对斜而体的支持
不变，D错误.故选B.
A,已知匀强电场方向由A指向D,C点电场强度为零，说明A、D处点电荷在C点产生的合场强方
是由D指向A,与C点匀强电场方向相反，由此可知A处电荷带负电，D处电荷带正电，A错误：C
A处电荷为QaD处电荷为Q已知A到C的距离为L,D到C的距离为气
,根据点电荷场强公式
A,由图乙可知货物在传送带上先做匀加速直线运动，后做匀速直线运动.在匀加速阶段，摩擦力沿
专送带向上，根据牛顿第二定律有f,一gsin37°=Ma.其中加速度a=0.4m/s2,解得f=320N.匀
阶段，摩擦力f=Mgsin37°=300N,所以摩擦力大小发生了变化，A错误：B.货物机械能的增加量
等于动能增加量与重力势能增加量之和，其动能增加量为△E:=乞M=立×50×2J=100J,重力势
能增加量为△E,=MgLsi37°，其中L为传送带长度，根据图乙可知货物前5s匀加速运动的位移为
4=号
×5m=5m,后5s匀速运动的位移为x=t:=2×5m=10m,则货物总位移即传送带
长度为L=x1十x:=15m,解得货物重力势能增加量为△E,=4500J,其机械能增加量为△E=△E,
E=4600J,B错误；C,货物与传送带因摩擦产生的热量等于摩擦力乘以相对位移，匀加速阶段传送
节的位移为x传=vt1=2×5m=10m,货物位移x1=5m,相对位移为△r=x传一x1=5m,则摩擦产生
的热量Q=f1△x=5×320J=1600J,C正确：D.电动机多消耗的电能等于货物机械能增加量与摩擦
E生的热量之和，即△E电=△E十Q=6200J,D错误.故选C
BDB.导体棒下滑过程中受到重力、支持力、安培力、摩擦力，由于导体棒与导轨之间的动摩擦因数
t37°，所以重力沿导轨平而向下的分力和摩擦力大小相等，即整个下滑过程中导体棒沿导轨平面
·向只受安培力作用，沿导轨平面向上，阻碍导体棒下滑.设任意时刻导体棒的速度为，由动量定理
「得一BIL1=m一o,又I=
B Lv
BL'x
3R
,t=x,联立解得v=
·,由此可知导体棒速度髓
3R
3mR
立移均匀减小，则回路电流I=
也随位移均匀减小，B正确：A,由B选项分析可知导体棒最终静
3R
在导轨上，对整个过程由动量定理得一BIL=一B1g=0一m购，g
BL工总，解得x=
B，A正
326R
3R
角，D.由B选项分析知整个下滑过程中，重力做功和克服摩擦力做功相等，根据能量守恒定律可知整
电路产生的焦耳热等于导体棒动能的碱少量，即Q。=
方mG,由Q=PR:得电阻R上产生的焦耳热
Q:一2示Q=m6,D正确：C.导体棒下滑时切割磁感线，产生感应电动势，则导体棒等效为电
原，其电阻等效为内阻，导体棒ab两端的电压即是路端电压，等于MQ两端电压，C错误，故选ABD
BCA.若粒子仅受电场力作用，从A到B速度大小不变，由动能定理知电场力做功为零，这表明A
两点电势相等，电场线垂直于AB连线，粒子带正电荷，其电场力垂直AB向下，则粒子做类斜抛运
功，根据运动对称性可知粒子运动到B点的速度大小为。·方向与AB夹角为30°，根据平行四边形定
可知粒子从A到B的过程中速度变化量△=，方向垂直AB向下，由动量定理得电场力冲量△I:
n△=。，方向垂直AB向下；若粒子仅受磁场力作用，在磁场中做匀速圆周运动，通过几何关系知
立子从A点以与AB夹角30°的速度%射入，要到达B点且速度大小仍为，其运动轨迹关于AB的
中垂线对称，圆心角为60°，则粒子在B点速度与AB夹角为30°，故粒子从A到B的过程中速度变化
△=，磁场力冲量△Is=m物，方向垂直AB向下，由此可知从A到B的过程中电场力冲量和洛伦
力冲量相等，A错误：B.由A选项分析可知无论该区域存在的是电场还是磁场，其经过B点时的速
方向都与AB夹角为30°，方向相同，B正确：C.由A选项分析知粒子在电场中做类斜抛运动

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编号：5326
发布时间：2025-04-19 11:37:28
分类：高三物理
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