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物理试卷-重庆市第八中学2024-2025学年高二下学期第一次月考试题

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物理试卷-重庆市第八中学2024-2025学年高二下学期第一次月考试题(图1)

物理试卷-重庆市第八中学2024-2025学年高二下学期第一次月考试题(图2)

答案和解析
1.【答案】C
【解析】A飞力士棒做受迫振动，振动频率与驱动力频率一致，与用力大小无关，故A错误：
B.飞力士棒振动的幅度与驱动力频率跟固有频率的差值有关，差值越小，幅度越大，故B错误：
C.当使用者驱动的须率从大于3Hz开始减小到3Hz,飞力士棒振动的幅度会增大，当使用者驱动的须率从
等于3Hz开始减小或增大时，飞力士棒振动的幅度减小，故C正确。
D.飞力士棒的振动频率与驱动力频率一致，与固有频案无关，故D错误。
2.【答案】A
【解析】A、不可能自发把热量从低温物体传到高温物体而不产生其他影响，故A正确：
B、密封在容器中的气体的压强不是由于气体重力而产生的，而是由于做无规则侧运动对容器壁碰撞产生
的，所以在完全失重的情况下，对器壁的压强不为零，故B错误：
C、第二类永动机没有违反能量守恒定律，但却不能成功制成，是因为违反了热力学第二定律，故C错误：
D、气体压缩可以忽路分子间作用力，压缩气体时气体会表现出抗拒压缩的力是由于气体压强的原因，故
D错误：
故选A
3.【答案】D
【解析】A.根据振动方程o=200md/s,可知振动的频率满足：0=2πf,故频率为f=100Hz,故A错
误：
B.由振动方程，代入t=0.005s,由数学知识可得振捣棒的位移为一4m,故B错误：
C速度最大时，振捣棒在平衡位置，位移为0，结合C的分析可知，C错误。
D由振动方程，可得振幅为：A=mm,振动的周期T==0.01s,比较1s与周期的关系可知：
卡=10，可知振捣棒在1s内通过的路程为：100×4A=600mm,故D正确：
4.【答案】B
【解析】AV不变，W=0,由△U=W+Q可知：△U=Q,故A错误：
B由查理定律有：咒=兴解得：P=,故B正确：
C.升温后内胆中气体分子的平均动能增大，并非所有气体分子的动能都增大，故C错误：
D.温度升高，分子数密度不变，压强变大，故此过程内胆中气体分子单位时间内撞击内壁的次数增大，故
D错误。
【解析】A.1摩尔铜原子的体积为兴(m),则1个铜原子的体积为心(m),选项A错误
B.1m3铜的物质的量为×卫(mo,则其中所含的原子数为心，选项B错误：
M
M
C.1kg铜的物质的量为mo,其中所含的原子数为，选项C错误：
D.将铜原子看做球体，则1个铜原子的体积兴=，解得1个铜原子的直径为=
6M
VapN (m).
选项D
正确。
故选D.
6.【答案】D
【解析】D.当它们之间距离为0，两分子之间势能为一Eo,此时动能最大，减少的势能为
△Ep=E1-(-Eo)=E1+Ea
根据能量守恒，减小的势能转化为两分子的动能，故分子A、B的最大动能均为EA=EB=E,故D
正确：
A.分子势能是标量，且正负可以表示大小，故它们之间的分子势能是先减小后增大，故A错误：
B.当两分子之间距离为r时，对应的分子势能最小，分子间作用力为零，故B错误：
C.当分子间距无穷远时，减少的势能全部转化为两分子的动能，则E1=2×mv2
解得分子B的速度大小为V=
故C错误。
故选D。
7.【答案】C
【解析】第一次抽取气体后，抽出气体质量m,与气闸舱内剩余气体的质量m的比值为1：10：
第二次抽取气体后，抽出气体的质量m2与第一次抽取后气闸舱内利余气体的质量m的比值为1：1。
故第一次抽出气体的质量m1和第二次抽出气体的质量m2之比为11：10。
8.【答案】BD
【解析】解：A由于玻璃管做简谐运动，与弹簧振子的振动相似，结合简谐运动的特点可知，其振动频率
与振幅无关，故A错误：
B.装有一定量细沙的玻璃管只受到重力和浮力，所以它做简谐运动的回复力等于重力和浮力的合力，故B
正确：
C由图乙可知在t时刻，位移为负，加速度方向为正，所以玻璃管的加速度方向与位移方向相反，故C错D.由图乙可知，在~2时间内，位移减小，加速度减小，玻璃管向着平衡位置加速运动，所以速度增
大，故D正确：
故选BD。
9.【答案】AC
【解析】A初始时汽缸A中气体的压强为pA=pm+,解得汽缸A的质量M=20kg,故A正确：
B.放上物块C待系统重新达到稳定后，汽缸A内气体的压强p2=%+M+m正解得P2=1.4×10Pa,设此
时汽缸A内气体的体积为V,由玻意耳定律可得PALAS=p2V解得V:Vo=6:7,故B错误：
C放上物块C待系统重新达到平衡后，汽缸A、汽缸B内的气体温度均不变，侧内能均不变，由热力学第
一定律△U=W+Q=0,可知，汽缸内气体的体积均减小，外界对气体做正功，则汽缸内气体均放热，
故C正确：
D.放上物块C待系统稳定后，设汽缸B内气体的压强为即e,以B中活塞为研究对象，有
(M+m)g+po·2S=pB·2S,解得Ps=1.2×10Pa,故D错误。
故选AC。
10.【答案】AC
【解析】解：A设两导体棒碰撞前瞬间，b棒的速度大小为va,在推力作用的过程中，设水平向右为正方
向，由动能定理有
b与cd碰后瞬间的速率为v,设水平向右为正方向，由动量守恒定律有
mvo 2mv
解得
P=2mv2,
故A正确：
B.设两导体棒通过磁场右边界EE的时间为t,该过程回路中的平均电流为，DD与EE的间距为L,设水平
向右为正方向，由动量定理有
-B1Lt=2-22U
两导体棒粘在一起，长度不变，截面积变为原来2倍，则两导体总电阻为R,根据法拉第电磁感应定律有

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编号：5375
发布时间：2025-04-19 15:14:03
分类：高二物理
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