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物理试卷-湖南省名校联考联合体2024-2025学年高一下学期期中考试(B卷)

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物理试卷-湖南省名校联考联合体2024-2025学年高一下学期期中考试(B卷)(图1)

物理试卷-湖南省名校联考联合体2024-2025学年高一下学期期中考试(B卷)(图2)

A【解析】亚里士多德认为重的物体比轻的物体下落得更快
C【解析】振据向心力公式F。=m号，在选度一定时，汽车转弯半径r越大，所需向心力地小，也就越不容马
生侧滑，A错误。汽车转弯时，摩擦力提供向心力F=g(牡为动摩擦因数，m为汽车质量，g为重力加
度)，动摩擦因数：越小，能提供的最大静摩擦力越小，也就越容易发生侧滑，B错误。汽车发生侧滑是因为
向的摩擦力不足以提供所需向心力，即向心力不足，C正确。为避免汽车发生侧滑，设计路面时外侧要比内
略高，D错误。
D【解析】由图像可知，该物体的速度大小逐渐增加，选项A错误；由图像的斜率等于加速度可如，该物体的
速度大小逐渐减小，微变加速直线运动，选项B错误，D正确：该物体加逸度减小，根据mg一∫=m可知受
的阻力增大，选项C错误。故选D
C【解析】小球微平抛运动，在竖直方向A-,可得小球在空中运动时间1一√
h
=0.65。小球水平位
x=t=l.8m,A正确。小狗位移为小球水平位移x=1.8m,小狗遍度v=√2ax=6m/s。B正确。根据
西，h变为原来2倍，小球在空中运动时间：变为原来巨倍，C错误。由x=√
,h变为原来2倍，小
水平位移变为原来2倍，小狗位移也变为原来2倍，在竖直方向高度不变，小球在空中运动时间不变。由x
小狗要在小球落地时接住它，则小狗加速度变为原来的2倍，D正确。
C【解析】物块下滑过程中，加速度先减小至零，后反向增大，A错溪。物块下滑过程中，弹簧弹力始终沿斜
方向，在垂直斜面方向无分力，正压力仅由重力垂直斜面分量决定，即N=mgc0s0,摩擦力f=uN=mgc0s
恒定不变，B错误。物块先做加速度减小的加速运动，后微加速度增大的减速运动，根据P=mg日可知，
正确。当物块所受合外力为0时，速度最大，此时ngsin0-mgcos日-kx=0,解得x=m8si血9mcos旦，
错误。
D【解析】由题可知，恒定加速度的汽车启动过程中先做匀加速直线运动，再做加速度减小的变加速直线
动，A错，F,=己mg一2X10N,汽车的最大建度一是=40m/s,B循：匀加选直线运动有间的加建度a
E-二E=1m/付，匀加建直筑运动的时阅=是。=20s,C错：20一100s的时同内，物休做加逢度减小的
速运动，此过程中的位移>=@+之)X80=2.4X10m,则汽车克服阻力微功W>仕=4.8X10
2
D对
BD【解析】图a中若轻杆上的小球在最高点时，杆受作用力为零，此时mg=L,解得细=
若角速度
,杆对小球的作用力向上，选项A错误：
图b中若火车转弯未达到规定行驶速度时，此时重力和轨道的支持力的合力大于火车所需的向心力，此时火
有做向心运动的趋势，轮缘对内侧轨道有挤压作用，选项B正确：
图c中若A,B均相对静止，根据f=mr,若半径2Ra=3Rg,质量mA=2ms,则A、B所受摩擦力fA=3fB,
项C错误：
图d是一圆锥摆，根据mngtan0=narhtan0
可得仙一
,则两个小球在相同的高度做匀速圆周运动，它们的角速度相同，选项D正确。9.BD【解析】对N的分析，设外力F与竖直方向夹角为0，对N进行受力分析，N受重力mg,拉力F、轻绳拉力
T,如图，因为F始终与右侧轻绳垂直，根据平衡条件可得F=mgcos9,T=mgsin0,在N缓
慢移动至右侧细绳水平过程中，0减小，si0减小，cos0增大，所以外力F逐渐增大，轻绳的
T
拉力T逐渐减小，N媛慢移动至右侧细绳水平时，轻绳的拉力大小为0，故A错误，B正确：
对M的分析：对M进行受力分析，M受重力mg,斜面支持力、轻蝇拉力T和摩擦力∫，M的
重力活斜面向下的分力为Gm=mgsin30,解得Gm=之mg,开始时系统静止T=
mgsin60>Ga,M有潘针面向上运动楚势，摩擦力方向沿斜面向下，有f十Ga=T,由于T
减小，则f减小：当T继续减小到mg30时，摩擦力为率：当轻绳的拉力T小于之mg时，
M所受摩擦力沿斜面体向上，则GM-f十T,随着轻绳的拉力T减小，摩擦力增大，所以M所受摩擦力先减小
后增大，故C错误：对整体的分析，把M,N和斜面看成整体，整体受重力G、地面支持力N地、外力F、地面摩
擦力，在水年方向上fA-Fin0,则=mOs0in0-之mgsin20,当0从60减小到0时，20从120减小
到0，则s20先增大后减小，所以f陆先增大后减小，根据牛顿第三定律，斜面对地面的摩擦力先增大后减小，
故D正确。
10.BC【解析】根据题意，由图乙可知，=3s时撒去力F的作用，撒去力F前，根据图像的针率求得长木板P的
加速度为a1=3m/s2:撒去力F后，长木板P的加速度为a:=一5m/s2,小滑块Q的加速度为a=1m/s2。设
小滑块Q与长木板P之间的动摩擦因数为出，长木核P与地面之间的动摩擦因数为四，根据牛顿第二定律，
对小滑块Q有出mg=ma
对长木板P有F一内mg一内·(m十me)g=mpa1,一内mg一内·(m十m即）g=m即4g
解得出=0.1：=0.2，mp=1kg,故A错误，B正确；
因为山=0.1<四=0.2，故小滑块Q与长木板P共速后，小滑块Q相对长木板P向右运动。对长木板P,有
·(m十mp）g一Amg=mpas
解得a=3m/s2,对小滑块Q,有出mg=ma4,解得a4=1m/g2
则从P、Q共速到小滑块Q停止运动，还需△-=4s,故t=8s时，滑块Q停止运动，故C正确。
44
从PQ共速到长木板P停止运动，还需△=坠=号。
a38
长木板P停止运动的时间为=6十△=3s,
16
P,Q运动全过程的U一t图像如图所示

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编号：5718
发布时间：2025-04-23 14:08:32
分类：高一物理
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