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物理-福建省金太阳2025届高三年级百校联考11月测评试卷

【福建卷】福建省金太阳2025届高三年级百校联考11月测评（下标FJ）（11.15-11.16），高中\高三\福建省\2024-2025学年上\物理三零论坛（30论坛）用百度云盘、腾讯云盘分享的原卷版、解析版及答案，在云盘中的课件资料可在线阅读及保存到自己的云盘，此电子版课件永久免费阅读及下载。

物理-福建省金太阳2025届高三年级百校联考11月测评试卷(图1)

物理-福建省金太阳2025届高三年级百校联考11月测评试卷(图2)

2024~2025学年高三11月测评（福建）·物理
参考答案、提示及评分细则
题号
1
2
6
7
8
答案
A
B
AD
CD
BC
BD
一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要
求的
1.【答案】A
【解析】向心加速度只能改变速度的方向，并不改变速度的大小，用来描绘物体速度方向变化的快慢，A正确，
C错误：向心加速度的方向沿半径指向圆心，线速度方向则沿圆周的切线方向，所以向心加速度的方向始终
与线速度方向垂直，B错误：向心加速度的方向始终指向圆心，做圆周运动物体的角速度恒定时，向心加速度
的大小恒定，D错误。
2.【答案】B
【解析0一1.5s内质点沿正方向运动，1,5s~。内质点沿负方向运动，A错误：由于位移一时间图像为抛物
线，则质点做匀变速直运动，位移一时间图像的切线斜率表示物体的速度，则0时刻质点的速度为%=
名完，又由题意可知-6m/小，解得6-3.5a,B正确：0~1.5：内，由连度公式得一二，加迷度大小为0
-4m/g,C错误：1.5s~6内质点做初速度为零的匀加速直线运动，则有x-合4(6-1.5)，解得6-3.5
s,D错误
3.【答案】C
【解析】网球被击出后做斜抛运动，网球在水平方向上做匀速直线运动，竖直方向做竖直上抛运动，网球水平
方向的速度大小为=wcos3产=4√10g,竖直方向的速度大小为y,=sin37”=3√10g万，网球被击出
后上升的最大高度为，一三，联立解得M,-45h,网球运动的最高点到地面的高度为H一M,十h一46h,A错
2g
误：网球上升的时间为一兰一√
同肆下降的时同为-√便-√受.网球运动的总时间为一4十
90h
4■(9o+2)
,B错误：网球的水平射程为x一，1，联立解得x一8(15十√230)h,C正确：网球落
地瞬间的竖直速度为，'一g:一√2g,则网球落地瞬间的速度大小为v=√十马，下，解得v=6√Tg,D
错误。
4.【答案】C
【解析】物块A由静止释放到碰前的过程，物块A的机械能守恒，则由机械能守恒定律得2mgsa·■
X2md,解得一√石，两物块碰擅的过程，由动量守恒定律得2m-(2m十m)解得。一号w
号V云.A错误：该碰撞损失的机械能为△E=之×2m话-之×3m时，解得△E-
了mg,B错误：碰前，物
块B静止，由力的平衡条件得mgsin a=kx,碰后，两物块与轻弹簧组成的系统机械能守恒，则由机械能守恒
定律得宁×3m+3mg×12s血。-3×12x,解得x一需k-1.C正确，D错误。
2
To
二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分.每小题有两项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但
不全的得3分，有选错的得0分，
5.【答案】AD
【解析】以风筝为研究对象，受力分析如图所示，
风筝受重力mg,轻绳的拉力F和空气的作用力
T,风筝缓慢上升，拉力和空气作用力的合力与重力大小相等，方向相反，风筝缓慢上升的过程中，轻绳与水
平方向的夹角变大，由图可知轻绳的拉力增大，空气对风筝的作用力增大，A正确，B错误：以人为研究对象，
受力分析如图所示·肩
假设轻绳与水平方向的夹角为α，则在竖直方向上由力的平衡条件得F、
iNg
=Mg一Fsin a,由以上分析可知F增大，a增大则sna增大，所以F￥减小，C错误，以风筝和人作为整体，受
力分析，如图所示·
由以上分析可知空气对风筝的作用力逐渐增大，方向不变，则空气对风筝
(什m)g
的作用力水平向右的分力增大，由力的平衡条件可知地面对人的摩擦力增大，D正确.
6.【答案】CD
【解析】-T图像的面积表示物体速度的变化量，0~0.5T时间内物体一直沿正方向做加速运动，0.5T时物
体的加速度为零，此时物体的速度最大：0.5T~T时间内，物体沿正方向做减速运动，T时刻物体的速度减为
零，显然物体一直朝正方向运动，AB错误：由于0时刻、T时刻物体的速度均为零，则0一T时间内物体动量
的变化量为零，由动量定理得合力的冲量为零，即外力的冲量为零，C正确：由以上分析可知，0一T时间内物
体动能的变化量为零，由动能定理得合力所做的功为零，即外力对物体做功为零，D正确。
7.【答案】BC
【解析】探测器需要到达土星，因此其最终会脱离地球的引力束缚，其发射速度应大于第二宇宙速度，A错误：
由开普粉第三定律得袋-哥，由题图可知轨道1的半长轴最大，轨道3的轨道半径最小，所以探测器在轨道
1,2,3的运行周期关系为T>T:>T,B正确：探测器由轨道1进人轨道2，即由高轨道进人低轨道，需点火
减速，C正确：探测器在轨道1上经过P点后做离心运动，则有G一<m中，探测器在轨道3上经过P点
做匀速圆周运动，则有G一-m空，显然m<m,D错误。
8.【答案】BD
BO
【解析】小球P由静止释放沿半圆轨道下滑，经过一段时间，小球P
运动到半圆环的最低点N,此时小球P的速度与细线垂直，此时小
球Q的速度为零，显然小球P由释放到最低点N的过程，物体Q先
Q
向上加速运动再向上减速运动，即物体Q的加速度先向上后向下，
所以物体Q先超重后失重，A错误：小球P由释放到N的过程，小7
球P下落的高度为R,物体Q上升的高度为(2R一√2R),对P,Q组成的系统，由机械能守恒定律得2mgR
mg(2R一ER)=之×2m味，解得w=厄gR,此时小球P的加速度大小为a=瓷=Eg,D正确：小球P
到M点时，如图所示，小球P下落的高度为hr-Rcos60-冬.CM-受R,AM-厅R,有cos∠CA-兴-
立，∠CMA一60'，则有物体Q上升的高度为hg-(W5-厄)R,设小球P在M点的速度为r,此时小球P沿
1
细线方向的分速度，等于物体Q的速度，有w=即c0s60°=子n,小球P由释放到M点的过程中，对P.,Q
组成的系统由机被能守恒定律得2mg,一mg(万一E)R一之X2m吃十之m6,解得即一
2√2(1+E5)gR
3
0-21+=)巫.B正确.C错误
3
三、非选择题：共60分.考生根据要求作答。
9.【答案及评分细则】(3分)
1√5(1分，其他结果均不得分)1：1(2分，其他结果均不得分)
【解析】由题意，P、Q分别为北纬60°和北纬30°，则P,Q到地轴的距离为圆周运动的轨道半径，假设地球的半
径为R,则P.Q做圆周运动的轨道半径分别为r=Rc0s60°=宁R0=Rcos30=受R,由公式v=ar可知
vP；购■1：√3，由于P,Q随地球的自转做圆周运动，则PQ的角速度相同，由公式0一2xn可知，P、Q的转
速之比为1：1.
10.【答案及评分细则】(3分)
平1分，其他结果均不得分)
平(2分，其他结果均不得分)
【解析】设每根轻绳与水平方向的夹角为a,则由几何关系可知a=45°，设每根轻绳的拉力大小为F,由力的
平衡条件得4n。一G,解得F-吧，又由几何关系可知，相邻两根轻绳与底边构成一正三角形，则由力的
合成法则可知，相邻两根轻绳拉力的合力大小为F,=2Fos30°=G
11.【答案及评分细则】(3分)
号号：21（每空1分，其他结果均不得分）
【解析】当力F作用时，设物体的加速度大小为！，从开始经时间：后物体的速度为，由牛顿第二定律及运
动学公式得F一mg=m1,v=@t:撒去力F后，设物体的加速度大小为a:,由牛顿第二定律及运动学公式
1
得mg=ma:0=U-a4·21,又F=mg,解得：=气，v=兰g:撒走外力前后，物体的加速度大小之比为
a1a:=2:1.
12.【答案及评分细则】(6分)
(1)4(1分，其他结果均不得分)
d
2(2分，其他结果均不得分)
(2)子1分，其他结果均不得分)
丞(2分，其他结果均不得分)
d
【解析】(1)由于小铁球经过光电门时的挡光时间极短，在该时间内的平均速度近似等于小铁球的瞬时速度，
d
即=号由运动学公式得寸=2g,由以上解得g一

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编号：752
发布时间：2025-02-07 14:38:34
分类：高三物理
未来
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