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物理试卷-山东省重点高中2024-2025学年高二下学期4月大联考

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物理试卷-山东省重点高中2024-2025学年高二下学期4月大联考(图1)

物理试卷-山东省重点高中2024-2025学年高二下学期4月大联考(图2)

山东省重点高中4月大联考高二试题
物理·参考答案
1.B【详解】小球随玻璃管在水平方向做匀速直线运动，根据左手定则，竖直方向受向上的
洛伦兹力，大小为F=gvB是恒力，由牛顿第二定律得qvB-mg=ma,可知小球的加速度不
随时间变化，恒定不变，故小球竖直方向做匀加速直线运动，水平方向做匀速直线运动，
则小球运动轨迹是开口向上的抛物线：故选B。
2.A【详解】A,根据左手定则，判断知图中安培力方向正确，故A正确：
B,图中电流方向与磁场方向平行，导线不受安培力的作用，故B错误：
C.根据左手定则，判断知图中安培力方向竖直向下，故C错误：
D.根据左手定则，判断知图中安培力方向垂直直面向外，故D错误。
3.D【详解】A.磁铁N极靠近A环的过程中，铝环磁通量向里增加，由楞次定律知，感应
电流磁场向外，根据安培定则可知，A环中感应电流的方向为逆时针方向，故A错误：
B,磁铁N极靠近A环的过程中，铝环中产生感应电流，由楞次定律知，A环会远离磁铁，
故B错误：
C,将磁铁靠近A环的过程中，两者相互排斥，磁场力对磁铁做负功，故C错误：
D.同理，将磁铁远离A环的过程中，A环磁通量减小，由楞次定律知，两者会相互吸引，
磁场力对磁铁做负功，故D正确。
4.C【详解】磁体穿过铜管下落的过程中，穿过铜管的磁通量发生变化，铜管产生感应电流，
根据楞次定律推论“来拒去留”，感应电流的磁场对磁体的作用力向上，从而导至磁体下落的
时间变长，AB错误，C正确：磁体穿过铜管下落的过程中，导致磁体周围的铜管的磁通量
变化，从而产生感应电流，因为铜管内产生的感应电流位置是变化的，其方向不确定，D错
误。
5.D【详解】电子、b分别经过B点的最短时间，都是要一次性到达B点，可画如图轨迹，
电子a、b分别经过B点的圆心角分别为300°和60°，而运动周期相同，根据t=,
T,则
360°
电子a、b分别经过B点的最短时间之比为5：1。故选D。
00
6.A【详解】由题图中磁场方向和电流方向，根据左手定则可知，电子受洛伦兹力的方向指
向后表面，则电子向后表面偏转，故电势高的表面是前表面。故选A。
7.C【详解】AB,由于，L是自感系数很大的线圈，但其自身的直流电阻几乎为0，则电路
稳定时，线圈相当于一根导线，S闭合瞬间，由于线圈的自感，导致线圈中的电流由0逐渐
增大，此时L,灯和L2灯同时发光，由于线圈自感对电流的阻碍作用逐渐减小，而线圈与L?
并联，即电路对电流总的阻碍作用减小，使得L,灯逐渐变亮，当电路稳定时，线圈相当于
一根导线，L,灯被短路，则L,灯逐渐变暗，直到熄灭，故AB错误：
CD,$断开，L,灯不在闭合回路中，则L灯立即熄灭，此时由于线圈的自感作用，线圈相
当于一个电源，线圈中的电流在新回路中由原来的稳定值I,逐渐减为0，由于稳定时，L,灯
熄灭，则S断开时，L灯会突然变亮再逐渐熄灭，其中的电流由I逐渐减为零，故C正确，昔昆D【详解】A.根据图乙可知，线圈产生电动势的有效值为e有=会=6V,理想电压表测
2
的是小灯泡两端电压，则示数为U=R=6x08V=48V,故A错误
r+R0.2+0.8
2π
根据图乙可知，交流电的周期为T=0.02s,则线圈转动的角速度为o=C=100πrad/s,
T
放B错误：
,单匝线圈转动时产生的电动势最大值为em=BSw=心o,则穿过线圈的最大磁通量为
6W2
m=
b
=en=
Wb=3V5wb,故C错误：
0100x
50π
根据图乙可知，感应电动势的瞬时值表达式为e=C,sim21=6反sim100xV,故通过灯
包电流的瞬时值表达式为i=e。=62sim100πtA,故D正确。
r+R
BD【详解】由于油滴a静止，则有G。=qE,可知油滴a受到的电场力竖直向上，油滴a
带正电荷：三个油滴、b、c带有等量同种电荷，由左手定则可知，b受洛伦兹力方向向上，
限据平衡条件可得G,=qE+qY,B,c受洛伦兹力方向向下，根据平衡条件可得G。+qVB=9E,
关立可得G。>G。>G,故选BD。
AD【详解】ABC.理想变压器输入电压保持不变，则电压表V,示数不变，而线圈匝数不
变，根据产=
，可知副线圈两端电压U,不变，滑动变阻器的滑动触头向下移动，则R接
入电路中的阻值减小，根据欧姆定律则有马=元。·可知，马增大，A示数增大，根据
U,
子=：，可知1增大，A,示数增大，而R两端电压增大，则滑动变阻器两端电压减小，即
n
电压表V示数减小，根据功率乃=U,I,可知原线圈输入功率增大，A正确，BC错误：
,由P=R可知，电阻R消耗的电功率增大，D正确。
E
BC【详解】A.由题意知粒子沿着OA做直线运动，则有qY,B,=gE,则%=。，在区域Ⅱ
B
L
mE
中粒子从AC中点射出，粒子在区域Ⅱ中运动的轨迹半径”=
mvo
2B29
,所以该粒子
B.gB
的比荷为夕=2E
mLBB,故A错误：
3.若仅将区域I中电场强度大小变为2E,则粒子在区域I中做直线运动的速度满足
mB=g2E,则y=2,再根据8=m二，可知粒子轨迹半径变为原来的2倍，则粒子
C点射出，故B正确：
若仅将区域I中磁感应强度大小变为2B,则粒子在区域I中做直线运动的速度满足
,28=g5,则=之，再根据q8=m,可知粒子轨迹半径减小，则粒子仍然从4C边
v
时出，粒子转过的圆心角仍为60°，则t=二T,其中T为粒子在区域中运动的周期，即线圈匝数是ns。
(2)实验中并未得到电压比等于匝数比这个理想的结果，可能由于存在磁损、铁损和铜损，
即绕制线圈的导线有电阻或穿过原线圈的磁通量大于穿过副线圈的磁通量。故选BC。
(1)欧姆
短暂(2)N
(3)AC
(每空2分)
【详解】(1)要使灵敏电流表指针摆动，一定有电流通过，想用多用电表的某一挡位来进
行探究，只有“欧姆”挡有电源，因此他应选用多用电表的“欧姆”挡。该同学先将多用电表的
红表笔接灵敏电流表的正接线柱，由于灵敏电流计的量程很小，欧姆挡电表内部的电源电
压相对较高，流过灵敏电流计的电流将较大，为保护灵敏电流计，将黑表笔“短暂”接灵敏电
流表的负接线柱。
(2)实验中，该同学将磁铁向下从线圈上方插入线圈时，发现电流表的指针向右偏转如图
甲所示，可知感应电流是从电流表的负接线柱流入，可知线圈中感应电流产生的磁场方向
向上，由楞次定律可知，磁铁的下端为N极。
(3)A.闭合开关后将L插入L,穿过线圈L的磁通量增大，发现指针向右偏转，断开开
关，穿过线圈L的磁通量减弱，由楞次定律可知，指针向左偏转，故A正确

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编号：5285
发布时间：2025-04-18 14:36:56
分类：高二物理
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